【中考冲刺】2021年北京市石景山区中考数学模拟试卷(附答案)

2021年北京市石景山区中考数学模拟试卷（附答案）

注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上

一、单选题

1．已知3a4b(ab0)，则下列各式正确的是（ ）

A．

a4 b3B．

a3 b4C．

ab 34D．

a4 3b2．在ABC中，C90，tanA2，则sinA的值是（ ） A．

2 3B．

1 3C．25 5D．5 53．如图所示，将一根长2m的铁丝首尾相接围成矩形，则矩形的面积与其一边满足的函数关系是（ ）

A．正比例函数关系 B．一次函数关系 系

C．二次函数关系 D．反比例函数关

4．如图，PA，PB为⊙O的两条切线，点A，B是切点，OP交⊙O于点C，交弦AB于点D．下列结论中错误的是（ ）

A．PAPB

B．ADBD D．PABAPB

C．OPAB5．下列函数中，当x0时，y随x的增大而减小的是（ ） A．yx2 B．y2x C．y3 xD．y

4 x

6．不透明的袋子中有三个小球，上面分别写着数字“1”，“2”，“3”，除数字外三个小球无其他差别．从中随机摸出一个小球，记录其数字，放回并摇匀，再从中随机摸出一

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个小球，记录其数字，那么两次记录的数字之和为4的概率是（ ） A．

1 4B．

1 3C．

1 2D．

2 37．大约在两千四五百年前，如图1墨子和他的学生做了世界上第一个小孔成倒像的实验．并在《墨经》中有这样的精彩记录：“景到，在午有端，与景长，说在端”．如图2所示的小孔成像实验中，若物距为10cm，像距为15cm，蜡烛火焰倒立的像的高度是

6cm，则蜡烛火焰的高度是（ ）

A．3cm B．4cm C．6cm D．9cm

2)两点，下面有四个推断： 1)，B(1，8．已知某函数的图象过A(2，①若此函数的图象为直线，则此函数的图象和直线y4x平行 ②若此函数的图象为双曲线，则此函数的图象分布在第一、三象限

③若此函数的图象为抛物线，且开口向下，则此函数图象一定与y轴的负半轴相交 ④若此函数的图象为抛物线，且开口向上，则此函数图象对称轴在直线x所有合理推断的序号是（ ） A．①③

二、填空题

9．若抛物线yx22xk与x轴有两个交点，则实数k的取值范围是________． 10．如图，菱形ABCD中，AC，BD交于点O，BD4，sinDAC的边长是_________．

B．①④

C．②③

D．②④

1左侧 22，则菱形5

11．如图,正方形ABCD内接于⊙O,点E在AD上,则∠BEC=_______°.

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12．如图所示的正方形网格中，每个小正方形的边长均为1，四边形ABCD的面积是_____．若四边形EFGH与四边形ABCD相似，则四边形EFGH的面积是_____．

13．如图，A，B两点在函数y（x0）图象上，AC垂直y轴于点C，BD垂直x轴于点D，△AOC，BOD面积分别记为S1，S2，则S1___S2．（填“＜”，“＝”，或“＞”）．

2x

14．如图在以点O为圆心的两个同心圆中，大圆的半径为2，小圆的半径为1，

AOB100．则阴影部分的面积是_____________．

15．在平面直角坐标系xOy中，函数yx24x+4的图象G与直线yx交于点A（_______），B（_______）（其中点A横坐标小于点B横坐标）．记图象G在点A，B试卷第3页，总7页

之间的部分与线段AB围成的区域（不含边界）为W．若横、纵坐标都是整数的点叫做整点，则区域W内的整点有________个．

16．某地区林业局要考察一种树苗移植的成活率，对该地区这种树苗移植成活情况进行调查统计，并绘制了统计表． 树苗数 2000 4000 3487 6000 5343 8000 7234 10000 9108 12000 10931 14000 12752 成活树苗数 1862 成活频率 0.931 0.8718 0.05 0.9043 0.9108 0.9109 0.9109 根据统计表提供的信息解决下列问题：

（1）请估计树苗成活的概率是________（精确到小数点后第3位）； （2）该地区已经移植这种树苗5万棵，估计这种树苗能成活________万棵．

三、解答题

17．计算：sin60tan30+cos60．

tan4518．已知关于x的二次函数yx2(m2)x3． （1）该函数图象经过点(2,3)． ①求这个二次函数的表达式及顶点坐标；

②分别求出这个二次函数图象与x轴，y轴的交点坐标；

（2）将这个二次函数的图象沿x轴平移，使其顶点恰好落在y轴上，请直接写出平移后的函数表达式．

19．下面是小石设计的“过圆上一点作圆的切线”的尺规作图的过程． 已知：如图1，⊙O及⊙O上一点P． 求作：直线PN，使得PN与⊙O相切． 作法：如图2， ①作射线OP；

②在⊙O外取一点Q（点Q不在射线OP上），以Q为圆心，QP为半径作圆，⊙Q与射线OP交于另一点M；

③连接MQ并延长交⊙Q于点N； ④作直线PN．

所以直线PN即为所求作直线． 根据小石设计的尺规作图的过程，

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（1）使用直尺和圆规，补全图形（保留作图痕迹）； （2）完成下面的证明． 证明：∵MN是⊙Q的直径，

∴MPN＝ （ ）（填推理的依据）． ∴OPPN．

又∵OP是⊙O的半径，

∴PN是⊙O的切线（ ）（填推理的依据）．

20．如图，ABC中，D是AB边上任意一点，F是AC中点，过点C作CE//AB交

DF的延长线于点E，连接AE，CD．

（1）求证：四边形ADCE是平行四边形； （2）若B30，CAB45，AC6，CDBD，求AD的长．

21．在平面直角坐标系xOy中，直线l:yx3与函数y交于点A(4,t)． （1）求t，k的值； （2）点B是函数yk(k0，x0)的图象xk(k0，x0)的图象上任意一点（不与点A重合），点P，Qx在直线l上，点P横坐标为2．若S△ABQ≥1S△ABP，求点Q横坐标的取值范围． 222．如图，DO是⊙O的半径，点F是直径AC上一点，点B在AD的延长线上，连接BC，使得ABC1AOD． 2（1）求证：BC是⊙O的切线；

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（2）连接BF，若AD1，tanABC，BF10，求CF的长． 53

23．已知关于x的二次函数yx22tx2． （1）求该抛物线的对称轴（用含t的式子表示）；

（2）若点M(t3,m)，N(t5,n)在抛物线上，则m n；（用“＜”，“＝”，或“＞”填空）

（3）P(x1,y1)，Q(x2,y2)是抛物线上的任意两个点，若对于1x13且x23，都有y1y2，求t的取值范围．

24．已知矩形MBCD的顶点M是线段AB上一动点，ABBC，矩形MBCD的对角线交于点O，连接MO，点P为射线OB上一动点（与点B不重合），连接PM，BO．作PNPM交射线CB于点N．

（1）如图1，当点M与点A重合时，且点P在线段OB上． ①依题意补全图1；

②写出线段PM与PN的数量关系并证明．

（2）如图2，若OMB，当点P在OB的延长线上时，请补全图形并直接写出PM与PN的数量关系．

25．对于平面直角坐标系xOy中第一象限内的点P(x,y)和图形W，给出如下定义：过点P作x轴和y轴的垂线，垂足分别为M，N，若图形W中的任意一点Q(a,b)满

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足ax且b≤y，则称四边形PMON是图形W的一个覆盖，点P为这个覆盖的一个

(5,4)为线段AB的一个覆盖的特征点． 特征点．例：已知A(1,2)，B(3,1)，则点P（1）已知点C(2,3)，

①在PABC的覆盖特征点的为___________； 3(4,4)中，是2(3,3)，P1(1,3)，P②若在一次函数ymx5(m0)的图象上存在ABC的覆盖的特征点，求m的取值范围．

2（2）以点D(2,4)为圆心，半径为1作圆，在抛物线yax5ax4(a0)上存在⊙

D的覆盖的特征点，直接写出a的取值范围__________________．

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参

1．A 【分析】

直接利用分式的基本性质即可得到【详解】

a的值，再进行选择即可． b3a4b，等式两边同时除以3b．

得：

a3． b4故选：A． 【点睛】

本题考查分式的基本性质，灵活运用分式的基本性质进行变形是解答本题关键． 2．C 【分析】 由tanA=

BC=2，设BC=2x，可得AC=x，Rt△ABC中利用勾股定理算出AB=5x，然后AC利用三角函数在直角三角形中的定义，可算出sinA的值． 【详解】 解：由tanA=

BC=2，设BC=2x，则AC=x， AC∵Rt△ABC中，∠C=90°，

∴根据勾股定理，得AB=BC2AC2因此，sinA=故选：C． 【点睛】

本题已知正切值，求同角的正弦值．着重考查了勾股定理、三角函数的定义等知识，属于基础题． 3．C 【分析】

设矩形的一边长为xm，求出矩形面积即可判断． 【详解】

2x2x25x，

BC2x25， AB55x答案第1页，总23页

设矩形的一边长为xm，另一边长为(1-x)m，面积用y表示，

yx1xx2x，

故选择：C． 【点睛】

本题考查列函数关系式，并判断函数的类型，掌握列函数的方法和函数的特征是解题关键．4．D 【分析】

PA，PB为⊙O的两条切线，PA=PB，可以判断A，连结OA，OB则OA=OB，由垂直平

分线的逆定理确定OP为AB的垂直平分线AD=BD，OP⊥AB，可判断B，可判断 C点P∠APB∠PAB，∠APB∠PAB，在圆外是变化的，可以大于60º，也可小于60º当∠PAB=60º时，∠APB=∠PAB=60º可判断D． 【详解】

∵PA，PB为⊙O的两条切线， ∴PA=PB，A正确， 连结OA，OB， 则OA=OB，

∴OP为AB的垂直平分线， ∴AD=BD，B正确， ∴OP⊥AB，C正确， ∴∠PAB=∠PBA， ∴∠APB+2∠PAB=180º，

当∠PAB=60º时，∠APB=∠PAB=60º， ∵点P在圆外是变化的， 可以大于60º，∠APB∠PAB， ∠APB∠PAB， 也可小于60º所以D不正确， 故选择：D．

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【点睛】

本题考查切线的性质，切线长，垂直平分线，等腰三角形的性质，掌握切线的性质切线长，垂直平分线，等腰三角形的性质是解题关键． 5．D 【分析】 A、yx2，故当图像的对称轴右侧，y随着x的增大而增大；B、y2x正比例函数，k

＞0，y随着x的增大而增大；C、y大而增大；D、y【详解】

3，反比函数，k＜0，故第四象限内y随着x的增x4

，反比例函数，k＞0，故第一象限内y随着x的增大而减小． x

解：A、二次函数y＝x2的图象，开口向上，并向上无限延伸，在y轴右侧（x＞0时），y随x的增大而增大；故本选项错误；

B、正比例函数y2x的图象，k＞0，y随x的增大而增大； 故本选项错误； C、正比例函数y3的图象在二、四象限内，当x0时，函数在第四象限y随x的增大x而增大； 故本选项错误； D、反比例函数y

4

的图像在一、三象限内，当x0时，函数在第一象限y随x的增大x

而减小； 故本选项正确； 故选：D． 【点睛】

本题综合考查了二次函数、正比例函数以及反比例函数的性质．解答此题时，应牢记函数图象的单调性． 6．B 【分析】

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利用树状图列举出所有等可能的情况，确定两次记录的数字之和为4的次数，根据概率公式计算得出答案． 【详解】 列树状图如下：

共有9种等可能的情况，其中两次记录的数字之和为4的有3种， ∴P（两次记录的数字之和为4）=故选：B． 【点睛】

此题考查树状图法求事件的概率，概率的计算公式，根据题意正确列举出事件发生的所有可能的情况是解题的关键． 7．B 【分析】

根据小孔成像的性质及相似三角形的性质求解即可． 【详解】

根据小孔成像的性质及相似三角形的性质可得：蜡烛火焰的高度与火焰的像的高度的比值等于物距与像距的比值，设蜡烛火焰的高度为xcm，则

31， 93x10，x=4， 615即蜡烛火焰的高度为4cm， 故答案为：B． 【点睛】

本题考查了相似三角形性质的应用，解题的关键在于理解小孔成像的原理得到相似三角形．8．D 【分析】

①利用待定系数法求出一次函数解析式，②待定系数法求出根据一次函数平移的性质解答；函数解析式，根据设反比例函数的图象性质解答；

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③根据题意画出图象，由此得到结论；④根据二次函数的对称性解答． 【详解】

①设一次函数解析式为：y=kx+b

∵一次函数的图像过点A（2,1）,B（-1,-2），将两点坐标代入解析式，得：

2kb1k1，解得， kb2b1所以该一次函数的解析式为：y=x-1，

∴此函数的图象和直线y4x不平行，故①错误；

②设反比例函数解析式为y∴反比例函数解析式为y∵k=2>0，

k

，将点A坐标代入，得k212， x

2， x∴函数的图象的两个分子分布在第一、三象限，故②正确；

2)， 1)，B(1，③∵函数的图象为抛物线，且开口向下，过A(2，当对称轴在直线x1左侧时，抛物线不与y轴的负半轴相交，如图1，故③错误； 22)， 1)，B(1，④函数的图象为抛物线，且开口向上，过A(2，∵点A在第一象限，点B在第三象限，

∴点A与点B不是抛物线上关于对称轴对称的两个点， ∴此函数图象对称轴在直线x故选：D．

1左侧，故④正确； 2．

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【点睛】

此题考查待定系数法求函数解析式，一次函数图象平移的性质，反比例函数的性质，二次函数的性质，熟记性质是解题的关键． 9．k1 【分析】

抛物线y＝x2−2x−k与x轴有两个交点，则△≥0，从而可求得k的取值范围． 【详解】

∵抛物线y＝x2−2x−k与x轴有两个交点， ∴△＞0，即（−2）2−4×1×（−k）＞0． 整理得：4＋4k＞0． 解得：k＞−1． 故答案为k＞−1． 【点睛】

本题主要考查的是抛物线与x轴的交点，明确当△＞0是抛物线与x轴有两个交点是解题的关键． 10．5 【分析】

通过菱形对角线的性质得出OD的长度，再通过∠DAC的正弦值得出菱形边长． 【详解】

∵四边形ABCD是菱形，AC与BD交于点O， ∴AC与BD互相垂直平分， ∴BO=OD=2， ∵sin∠DAC=

2， 5∴

OD2=， AD5∴OD=5． 故答案为5． 【点睛】

本题考察了菱形对角线的性质和锐角三角函数的知识，了解菱形对角线互相垂直平分是解题

答案第6页，总23页

的关键． 11．45 【详解】 连接OB、OC，

∵O是正方形外接圆的圆心， ∴∠BOC=90°， ∴∠BEC=

1∠BOC=45°． 212．

981

82【分析】

连接BD，由勾股定理分别求出AB、AD的长，由勾股定理的逆定理得出△ABD为等腰直角三角形，继而由S四边形ABCD=SABDSBCD，利用面积公式进行计算即可得 四边形ABCD2的面积；由相似的性质可得出积． 【详解】 连接BD，如图，

S四变形ABCDS四边形EFGHBC，代入值即可得出四边形EFGH的面GF

由图可知，AB12225，AD12225，BD123210，BC4，

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∵AB2+AD25510BD2， ∴ △ABD为等腰直角三角形，

112∴ SABD=AB22511=，SBCD=BCh41=2， 22259∴S四边形ABCD=SABDSBCD=+2=；

2252∵四边形EFGH与四边形ABCD相似， ∴

BCCDABAD42=， GFHGEFEH63∴

S四变形ABCDS四边形EFGH2BC24=2=，

GF3929， 29981∴S四边形EFGH==；

248由（1）求得S四边形ABCD=故答案为：【点睛】

本题考查了勾股定理和勾股定理的逆定理，相似三角形的性质，能灵活运用相关定理和性质进行推理和计算是解题的关键．相似三角形对应线段（对应高、对应中线、对应角平分线）的比等于相似比，相似三角形面积的比等于相似比的平方． 13．= 【分析】

通过用反比例函数上的点坐标表示S1和S2的面积比较即可． 【详解】 ∵A、B两点在y=-

981 ；822（x0）上， x∴xA0，xB0，yA>0，yB>0，xAyA=-2，xByB=-2， ∴xAyA=2，xByB=2， ∴S1=

11xAyA=1，S2=xByB=2， 22∴S1= S2． 故答案为=．

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【点睛】

本题考查了反比例函数的几何意义，找到相关三角形，求出面积即可． 14． 【分析】

阴影部分面积=大扇形面积-小扇形面积． 【详解】

56100(22-12)5=． 阴影部分面积=

6360故答案为． 【点睛】

本题考查扇形的面积，找到等量关系，根据扇形面积公式计算是解题的关键． 15．(1，1) (4，4) 2 【分析】

联立二次函数与一次函数解析式，求出方程组的解即可得A、B两点坐标；根据A、B坐标可得图象W的横坐标的取值范围，把此范围内的整数的x值分别代入两个解析式，即可得出此范围内的整数点的个数． 【详解】

∵函数yx24x+4的图象G与直线yx交于点A、B，

56yx24x4∴联立两个解析式得，

yxx11x24解得：，，

y1y412∴A（1，1），B（4，4），

∵图象G在点A，B之间的部分与线段AB围成的区域（不含边界）为W， ∴图象W横坐标的取值范围为：1＜x＜4， ∵x为整数， ∴x=2或x=3，

2当x=2时，yx4x+4y=0，y=x=2，

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∴有整数点（2，1），

2当x=3时，yx4x+4=1，y=x=3，

∴有整数点（3，2）， ∴共有2个整数点，

故答案为：（1，1），（4，4），2 【点睛】

本题考查二次函数与一次函数的交点问题，两个函数图象的交点坐标同时满足两个函数解析式；两个函数的解析式所组成的方程组的解就是两个函数图象的交点坐标；熟练掌握函数图象上的点的坐标特征是解题关键． 16．0.911 4.555 【分析】

（1）根据大量重复实验的情况下，频率的稳定值可以作为概率的估计值，即可解答． （2）用树苗总数乘以树苗的成活的概率即可． 【详解】

（1）根据表格可知种植树苗为12000棵和14000棵时成活频率已经趋于稳定，为0.9109，所以该树苗的成活的概率为0.911． 故答案为：0.911．

（2）估计这批树苗能成活50.9114.555万棵． 故答案为：4.555． 【点睛】

本题考查用频率估计概率，充分理解在大量重复试验的情况下，频率的稳定值可以作为概率的估计值是解答本题的关键． 17．1 【分析】

首先代入特殊角的三角函数值，然后进行二次根式的运算即可． 【详解】 解：原式==1

331+1 232答案第10页，总23页

【点睛】

本题考查了特殊角的三角函数值，正确进行二次根式的运算是关键．

218．（1）①yx2x3；(1,4)；②与y轴的交点坐标为(0,3)；与x轴的交点坐标

为(1,0)，(3,0)；（2）yx【分析】

212mm4 4（1）①代入点的坐标可求m，进而可求解析式及顶点坐标；②令x0，可求与y轴交点坐标，令y0，可求与x轴交点坐标；

（2）将二次函数转化为顶点式，依据其顶点恰好落在y轴上可得结果 【详解】

解：（1）①∵该二次函数图象经过点(2,3)， ∴322(m2)23，解得m4． ∴二次函数的表达式为yx22x3． ∴二次函数顶点坐标为(1,4)． ②令x0，则y3．

∴该二次函数图象与y轴的交点坐标为(0,3)， 令y0，则x11，x23．

∴该二次函数图象与x轴的交点坐标为(1,0)，(3,0)．

2（2）yx(m2)x3

m2m2=xm3 24平移后要使其顶点恰好落在y轴上 则需将函数图像向左（可得函数的表达式为：

2m2m2m20）平移0 ）或向右（ 个单位长度

222答案第11页，总23页

1yx2m2m4

412122（注：mm4m23，故学生写成yxn（n3）的形式亦可，

44如：yx4，…） 【点睛】

本题考查了二次函数求解析式及二次函数的性质、利用函数与方程的关系解方程、配方法的应用、图形的平移等，是一个综合性题目 ．

19．（1）作图见解析；（2）90，直径所对的圆周角是直角；经过半径的外端，并且垂直于这条半径的直线是圆的切线 【分析】

（1）根据题意作出图形即可；

（2）根据圆周角定理可得∠MPN=90°，根据切线的判定定理即可得结论. 【详解】

（1）（1）补全图形如下图；

2

（2）证明：∵MN是⊙Q的直径，

∴MPN＝ 90 （直径所对的圆周角是直角）（填推理的依据）． ∴OPPN．

又∵OP是⊙O的半径，

∴PN是⊙O的切线（经过半径的外端，并且垂直于这条半径的直线是圆的切线 ）（填推理的依据）．

故答案为：90，直径所对的圆周角是直角；经过半径的外端，并且垂直于这条半径的直线是圆的切线． 【点睛】

本题考查了切线的判定及圆周角定理，正确作出图形是解题关键.

答案第12页，总23页

20．（1）证明见解析；（2）31 【分析】

（1）根据AB//CE，得CADACE，ADE=CED；结合AFCF，通过证明

AFD≌CFE得AD=CE，即可完成证明；

（2）过点C作CGAB于点G，由CDBD，B30推导得CDA60；结合通过三角函数计算得AG；结合DGC90，CAG45，AGC90，AC6，

CDG60，CG3，通过三角函数计算得GD；通过ADAGGD关系计算，

即可得到答案． 【详解】

（1）∵AB//CE，

∴CADACE，ADE=CED ∵F是AC中点 ∴AFCF ∴

AFD≌CFE

∴AD=CE

∴四边形ADCE是平行四边形； （2）过点C作CGAB于点G

∴AGC90 ∵CDBD，B30 ∴∠DCB∠B30

∴CDADCBB60 ∵AGC90，AC6，CAG45

∴CGAG2AC3 2答案第13页，总23页

∵DGC90，CDG60，CG∴

3 CGtan603 GD3CG1 3∴GD∴ADAGGD31． 【点睛】

本题考查了平行四边形、全等三角形、平行线、三角形中线、等腰三角形、三角形外角、三角函数的知识；解题的关键是熟练掌握平行四边形、全等三角形、平行线、三角形中线、等腰三角形、三角形外角、三角函数的性质，从而完成求解． 21．（1）t1；k=4；（2）xQ≤3或xQ≥5 【分析】

(1)把点A代入直线求出t，反比例函数过点A，可求k； (2) 设点B到直线AP的距离为h．利用面积求出AQ≥1AP． 由A(4,1),点P横坐标为22，当点Q在射线AP上时，过A作AD⊥x轴，交过P、Q分别与x轴平行的直线与C、

D，由QC∥PD，易证△AQC∽△APD，由性质

AQQCAQ4xQ1=即=， 当点Q在APPDAP422线段PA延长线上时，过P作PF∥x轴，与过A、Q作y轴的平行线交于E，F，由AE∥QF得△PAE∽△PQF由性质点的横坐标即可． 【详解】 解：（1）

点A(4,t)在直线l:yx3上，

PAPEPAPEPA42=2解不等式求出Q==，推出即

PQPEAQEFAQxQ4t1，

函数yk(k0，x0)的图象经过点A(4,1)， xk4.

（2） 设点B到直线AP的距离为h．

答案第14页，总23页

S△ABQ=11AQh，S△ABP=APh， 221S△ABQ≥S△ABP，

2AQ≥1AP． 2A(4,1),点P横坐标为2，

Q分别与x轴平行的直线与C、如图，当点Q在射线AP上时，；过A作AD⊥x轴，交过P、D，由QC∥PD， ∴△AQC∽△APD，

AQQCAQ4xQ1=即=， APPDAP422xQ≤3，

Q作y轴的平行线交于E，如图，当点Q在线段PA延长线上时，过P作PF∥x轴，与过A、F，

∵AE∥QF， ∴△PAE∽△PQF， ∴

PAPEPAPE==即， PQPEPQ-APPF-PE答案第15页，总23页

PAPEPA42=2 =∴即AQx4AQEFQxQ≥5．

综上所述：点Q横坐标的取值范围xQ≤3或xQ≥5． 【点睛】

本题考查一次函数，反比例函数，三角形面积，相似三角形的判定与性质，掌握一次函数的性质，反比例函数性质，用三角形面积求出线段的不等关系，相似三角形的判定与性质解决坐标的范围是解题关键． 22．（1）证明见解析；（2）1． 【分析】

（1）根据圆周角定理可知ACD=1AOD．再根据题意可证明ACD ABC，由于2所以ADC90．再利用余角的性质，可知BCA90，即可证明BCAC是⊙O直径，是⊙O的切线．

（2）在△ACD中，利用正切可求出AC4．在ABC中，同理可求出BC3．最后利用勾股定理即可求出CF长． 【详解】

（1）如图，连接CD．

ADAD，

答案第16页，总23页

1ACD=AOD．

21ABCAOD，

2ACD ABC．

AC是⊙O直径，

ADC90．

ABCBCD90．

BCABCDACD90． BCAC

BC是⊙O的切线．

（2）在△ACD中，ADC90，AD416，tanACD， 53CD12， 51216AD2CD2()2()24．

55在△ACD中，AC在ABC中，ACB90，tanABCtanACD4，AC4， 3BC3．

如图，连接BF，

在△BCF中，BCF90，BF10，BC3，

CFBF2BC21．

答案第17页，总23页

【点睛】

本题考查圆周角定理、切线的判定以及解直角三角形等综合知识．熟练运用圆周角定理证明是解答本题的关键．

23．（1）直线xt；（2）＜；（3）t1 【分析】

（1）把抛物线配方变成顶点式即可；

（2）点M(t3,m)，N(t5,n)在抛物线上，求出m与n的表示式，再作差比较即可； （3）分类讨论对称轴当t1，a=1，抛物线开口向上，在对称轴右侧，y随x的增大而增大，都有y1y2，1t1，把x1分两部分当-1≤x1ty1随x1增大而减小，y1y，

≤y≤5，当x=3时y2=11-6t，1t1，当x=-1时取最大y3+2t， 13+2t5，15116t17，5y217y1yy2，当tx13 y随x增大而最大，y1y2，当t1时，令x11时，y132t5，y2116t5y1．

【详解】

解：（1）∵yx2tx2(xt)t2．

222抛物线的对称轴为直线xt．

（2）点M(t3,m)，N(t5,n)在抛物线上，

m(t3t)2t2211t2， n(t5t)2t2227t2，

mn11t227t2160，

mn，

故答案为：<．

答案第18页，总23页

（3）当t1，a=1，抛物线开口向上，在对称轴右侧，y随x的增大而增大，-1≤x1＜3，x2=3都有y1y2，

1t131，当-1≤x1t y1随x1增大而减小，y1y， 2≤y≤5， 当x=-1时取最大y3+2t，1t1，22t2，13+2t5，1当x=3时y2=11-6t，1t1，66t6，5116t17，5y217，

y1yy2，

当tx13 y随x增大而最大，y1y2，

当t1时，此时-1≤x1＜3，x2=3都有y1y2，符合题意；

当t1时，令x11时，y132t5，y2116t5y1，不符合题意． 综上所述：t1． 【点睛】

本题考查抛物线的顶点式与对称轴，比较函数值大小，掌握抛物线的顶点式与对称轴，比较函数值大小的方法，特别注意复杂的情形，应分类比较，比较时适当应用不等式的性质． 24．（1）①作图见解析；②PMPN；证明见解析；（2）作图见解析；【分析】

（1）①根据题意补全图形即可；②过点P分别作PGMB于G,PHBC于H，通过证明PMG≌△PNH即可求解；

（2）过点P分别作PSMB的延长线于S,PQBN于Q,通过证明PNQ∽PMS即可求解. 【详解】

解:（1）①补全图形如下．

②线段PM与PN的数量关系为：PMPN． 证明：过点P分别作PGMB于G,PHBC于H，

PMtan PN答案第19页，总23页

线段PN交MB于点F．

四边形MBCD是矩形，ABBC，

四边形MBCD是正方形．

BO平分MBC，MBC90．

PGMB，PHBC，

PGPH，PHBPGM90．

PMPN，MBC90，

MPNGBN90.

MFPBFN，

PMGPNH． PMG≌△PNH． PMPN．

（2）补全图形如图．

过点P分别作PSMB的延长线于S,PQBN于Q,

答案第20页，总23页

同理②可得QPNSPM, 又因为PQNPSM， ∴PNQ∽PMS， ∴

PMPSPStan， PNPQBS∴线段PM与PN的数量关系为：【点睛】

PMtan． PN本题考查四边形综合，掌握全等和相似的判定与性质是解题的关键. 25．（1）①P2，P3；②m【分析】

（1）①根据覆盖的定义线段AB坐标中横坐标的最大值，与纵坐标的最大值即可判断 ②先找覆盖的特点，将特征点代入函数，求出m的值，结合图像即可求出范围；

（2）当a0圆中点的坐标最大值为3，纵坐标的最大值为5，则（3，5）为覆盖的特征点，代入抛物线yax5ax4(a0)得，a221且m0；（2）a0或a 3611，结合图像得a， 66即存在覆盖特征点综合即a0,在直线x=3的右侧y随x的增大而增大，总存在y≥5的点，可． 【详解】

解：（1）①根据覆盖的定义yC=3最大，B点的横坐标最大是3，所以P2，P3 是覆盖的特征点

②当m＞0时，结合函数图象可知符合题意．

当m0时，由题意得： 当x3且y3时，

答案第21页，总23页

（x,y）点P为ABC的覆盖的特征点．

又∵点P在一次函数ymx5(m0)的图象上， ∴当直线ymx5(m0)过点P(3,3)时，解得：

2m．

3∴结合函数图象可知2≤m＜0． 3综上所述：m≥2且m0． 3（2）当a0圆中点的坐标最大值为3，纵坐标的最大值为5，则（3，5）为覆盖的特征点，代入抛物线yax5ax4(a0)得59a15a4，

21a，

6结合图像得a1， 6

当a=0此时y=4是一直线，a0,在直线x=3的右侧y随x的增大而增大，总存在y≥5的点，即存在覆盖特征点，

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综合得a的范围是a0或a【点睛】

1． 6本题考查新定义问题，掌握新定义内涵，认真阅读定义，从中找出关键点是图形中的横坐标最大值与纵坐标的最大值是覆盖特征点，抓住特征点即可解决问题是解题关键．

答案第23页，总23页